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SIMULADO ENEM 2022 - VOLUME 8 - PROVA II
CIÊNCIAS DA NATUREZA
E SUAS TECNOLOGIAS
MATEMÁTICA
E SUAS TECNOLOGIAS
CIÊNCIAS DA NATUREZA E SUAS TECNOLOGIAS
Questões de 91 a 135
QUESTÃO 91
Sais para reidratação oral são indicados para reposição das perdas acumuladas de água e de eletrólitos e são comercializados em farmácias. Observe a seguir as informações presentes no rótulo de um desses sais:
Dissolver o conteúdo de 1 envelope em 1 litro de água filtrada ou fervida. Administrar 100 a 150 mL/kg peso corporal em período de 4 a 6 horas. Considerando as informações, qual é a concentração aproximada de íons cloreto, em g.L–1, na solução reidratante? Dados: Massas molares em g.mol –1^ : cloreto (C–^ ) = 35,5; cloreto de sódio (NaC) = 58,5; cloreto de potássio (KC) = 74,5. A. 0, B. 0, C. 2, D. 2, E. 5, Alternativa D Resolução: Em cada envelope, há dois tipos de sais que contêm o ânion cloreto (C–^ ): NaC e KC. A dissociação de 1 mol de KC produz 1 mol de cátions K+^ e 1 mol de ânions C–^ , conforme a seguir: KC → K+^ + C– 1 mol 1 mol 1 mol Dessa forma, a dissociação de 0,02 mol de KC libera 0,02 mol de K +^ e 0,02 mol de C– 1 mol de KC ––––– 74,5 g x ––––– 1,5 g x = 0,02 mol Já a dissociação de 1 mol de NaC produz 1 mol de cátions Na +^ e 1 mol de ânions C–^. Veja: NaC → Na+^ + C– 1 mol 1 mol 1 mol Dessa forma, a dissociação de 0,06 mol de NaC libera 0,06 mol de Na +^ e 0,06 mol de C– 1 mol de NaC ––––– 58,5 g y ––––– 3,5 g y = 0,06 mol
Y8XI
Como a massa molar do cloreto é igual a 35,5 g.mol –1^ , tem-se a seguinte relação: 1 mol de C–^ ––––– 35,5 g 0,08 mol de C–^ ––––– z y = 2,84 g Como o envelope foi dissolvido em 1,0 L de água, a concentração de íons cloreto é de, aproximadamente, 2,84 g.L –1^. Logo, a alternativa D é a correta.
QUESTÃO 92 O uso indiscriminado de antibióticos pode alterar a resistência das bactérias que causam doenças e tornar o medicamento ineficaz no seu combate. Além de dificultar o tratamento, isso também pode afetar outras bactérias que ajudam o nosso organismo a funcionar corretamente. O fato de as bactérias se tornarem resistentes ao antibiótico é normal e esperado em tratamentos médicos. Mas a maneira como os antibióticos são usados indiscriminadamente pode acelerar o tempo que leva para esses microrganismos se tornarem resistentes e deixarem de responder ao tratamento. Disponível em: . Acesso em: 1 set. 2022 (Adaptação). O uso incorreto desses medicamentos pode A. modificar o material genético das bactérias. B. eliminar cepas capazes de suportar o antibiótico. C. estimular a adaptação de bactérias sensíveis a eles. D. induzir o surgimento de novas formas de bactérias. E. permitir o aumento da população de bactérias resistentes. Alternativa E Resolução: O uso inadequado de antibióticos interfere na variedade genética das bactérias de uma população. Com o uso incorreto, bactérias sensíveis ao medicamento tendem a desaparecer, mas as bactérias resistentes a ele aumentam de número, fazendo com que a população de bactérias seja composta de uma maioria resistente, resultando em uma persistência da infecção e dificuldade de tratamento. Assim, a alternativa E está correta. A alternativa A está incorreta, pois o antibiótico não altera o material genético das bactérias, mas ele atua selecionando as bactérias que já apresentam a característica de serem resistentes a ele. A alternativa B está incorreta, pois as cepas capazes de suportar o antibiótico não são eliminadas, elas sobrevivem à ação do medicamento. A alternativa C está incorreta, pois as bactérias sensíveis ao antibiótico são eliminadas, elas não se adaptam ao medicamento. O que pode acontecer é a absorção de fragmentos de DNA presentes no ambiente, que conferem resistência, mas o antibiótico não atua estimulando essa situação. Por fim, a alternativa D está incorreta, pois o antibiótico não induz o surgimento de novas formas bacterianas, mas ele seleciona cepas de bactérias que apresentam resistência e eliminam aquelas sensíveis ao seu mecanismo de atuação.
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B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O ENEM – VOL. 8 – 2022 CNAT – PROVA II – PÁGINA 1
A alternativa D está incorreta porque um diagnóstico mais específico das viroses mencionadas não possibilitaria a realização de campanhas educativas, que já acontecem para o combate do mosquito vetor. A alternativa E está incorreta porque o diagnóstico do agente etiológico exato da infecção não ajudaria a diferenciar os sintomas que essas infecções apresentam em comum, como a febre.
QUESTÃO 95 As correntes de Foucault, também conhecidas como correntes parasitas, surgem em materiais metálicos que se movem em regiões em que há campos magnéticos. Entretanto, diferentemente do caso em que se tem correntes induzidas em percursos bem definidos, como em espiras, as correntes parasitas surgem em materiais metálicos compactos, sendo fortemente afetadas pelo tamanho e formato da placa em que circulam. Um experimento recorrente desse fenômeno é o de pêndulos formados por placas que oscilam em regiões desse tipo, experimentando uma força de arrasto magnética que tende a amortecer a oscilação e diminuir a amplitude com o tempo, como ilustrado.
P
v
Haste
Correntes parasitas
B
SOUZA, P. et al. O arrasto magnético e as correntes de Foucault: um experimento de baixo custo com vídeo-análise. Revista Brasileira de Ensino de Física , v. 41, n. 2, 2019 (Adaptação). O fenômeno descrito é uma consequência da Lei de A. Faraday-Lenz. B. Biot-Savart. C. Coulomb. D. Ampère. E. Newton. Alternativa A Resolução: Pelo texto, percebe-se que o fenômeno descrito é uma consequência da indução eletromagnética. Além disso, pela figura, o sentido do fluxo de cargas apresentado, que irá contribuir para o sentido da força de arrasto magnética descrita, é determinado pela Lei de Lenz. Portanto, a alternativa correta é a A.
K
QUESTÃO 96
O pH é um dos parâmetros físico-químicos da água mais importantes a serem considerados no aquarismo. Ele regula uma série de funções orgânicas nos peixes, plantas e até mesmo nas bactérias nitrificantes, tão importantes no sistema de filtragem. Os aquários de água doce possuem valores de pH que variam de 5,5 (em alguns aquários de discos selvagens) até 9,2 (em alguns aquários de ciclídeos africanos do Lago Tanganyika). Disponível em: . Acesso em: 14 ago. 2022 (Adaptação). Considerando um sistema de pH neutro, qual composto químico a seguir poderia ser adicionado a ele para que o pH fique compatível com o de aquários de discos selvagens? A. Vinagre. B. Cal virgem. C. Sal de cozinha. D. Carbonato de cálcio. E. Bicarbonato de sódio. Alternativa A Resolução: O pH da água utilizada em aquários de discos selvagens é, aproximadamente, 5,5, isto é, trata-se de um meio com caráter levemente ácido. Considerando que o sistema em análise é neutro (pH = 7), torna-se necessário adicionar uma substância de caráter ácido para que o pH dele diminua. Entre as opções apresentadas nas alternativas, apenas o vinagre (solução aquosa de ácido acético) tem pH inferior a 7. Logo, a alternativa A é a correta.
QUESTÃO 97 Os cristais líquidos são substâncias que estão em um estado da matéria que não é tão ordenado quanto o sólido cristalino, nem tão desordenado quanto o estado líquido. Ao serem expostos a campos elétricos (alternados ou não), gerenciados por um circuito, eles são ativados opticamente. Isto é, suas moléculas se orientam em relação ao campo. Essa orientação pode se dar tanto na direção do campo, como perpendicularmente a ele. Consequentemente, ao ser ativado, o agrupamento das moléculas perde a forma torcionada e, com isso, altera também suas propriedades ópticas. LABURÚ, C. E.; SIMÕES, A. M.; URBANO, A. A. Mexendo com polaroides e mostradores de cristais líquidos (O ensino da Física contemporânea, tendo como pano de fundo a Física do cotidiano). Caderno Catarinense de Ensino de Física , v. 15, n. 2, p. 192-205, 1998 (Adaptação).
Para ativar opticamente o cristal líquido, deve-se A. magnetizá-lo com o uso de ímãs. B. colocá-lo em um estado desordenado. C. aquecê-lo até ocorrer mudança de fase. D. eletrizá-lo para que conduza eletricidade. E. submetê-lo a uma diferença de potencial.
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B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O ENEM – VOL. 8 – 2022 CNAT – PROVA II – PÁGINA 3
Alternativa E
Resolução: Como descrito no texto, o cristal líquido é ativado opticamente quando exposto a campos elétricos. Logo, como para haver um campo elétrico em uma região deve haver uma diferença de potencial, a alternativa correta é a E. A alternativa A está incorreta, pois, apesar de haver uma relação entre campos elétricos e magnéticos, não há no texto nenhuma referência a este último ou ao uso de ímãs. A alternativa B está incorreta, pois os cristais líquidos estão em um estado intermediário entre ordenados e desordenados. Além disso, como ao serem ativados opticamente suas moléculas se rearranjam de uma forma regular, pode-se dizer que este é um estado ordenado. A alternativa C está incorreta, pois o cristal não é ativado por temperatura. A alternativa D está incorreta, pois, apesar de o material ser exposto a um campo elétrico, não há qualquer menção de que ele seja eletricamente carregado.
QUESTÃO 98
Pesquisadores apresentaram resultados promissores para terapias para a síndrome de Pitt-Hopkins (PTHS),
condição ocasionada por mutações no gene TCF4 que compartilha algumas características clínicas com os transtornos do espectro autista (TEA). Nem sempre a substituição completa do gene mutado é possível, por causa do tamanho de certos genes ou pelo fato de os pacientes
apresentarem grandes alterações no cromossomo. Assim, os pesquisadores testaram métodos que utilizam vírus como vetores para entregar às células disfuncionais os pedaços de DNA necessários à terapia gênica. Para o funcionamento correto do gene TCF4, são necessárias duas cópias em
cada célula, ou seja, dois alelos funcionando normalmente. Porém, no caso da síndrome de Pitt-Hopkins, um dos alelos não funciona. Para compensar o gene mutado, é adicionada uma terceira cópia do gene, garantindo o sucesso da terapia
gênica. Disponível em: . Acesso em: 1 set. 2022 (Adaptação).
O sucesso da terapia realizada demonstra que o vetor viral
A. manteve o fenótipo mutado.
B. reinseriu a proteína funcional.
C. permitiu a manifestação gênica normal.
D. alterou o cariótipo das células cultivadas.
E. impediu a expressão do fenótipo saudável.
Alternativa C
Resolução: A terapia gênica proposta prevê a inserção de
um fragmento de DNA nas células por meio de um vetor viral. O fragmento não irá substituir o gene presente nos cromossomos, mas sim complementar a função, adicionando uma cópia extra do alelo funcional de modo a garantir expressão gênica normal mesmo em indivíduos mutados.
5B9R
Assim, o que se observa é uma alteração fenotípica que garante a funcionalidade, ou seja, permitindo a manifestação gênica normal. Portanto, está correta a alternativa C. A alternativa A está incorreta, pois houve alteração na expressão gênica e na manifestação da característica normal. A alternativa B está incorreta, pois a terapia gênica tem como objetivo inserir trecho de DNA na célula, garantindo que este seja transcrito e traduzido em uma proteína, não sendo inserida uma proteína na célula. A alternativa D está incorreta, pois as células-alvo da terapia passaram a contar com 3 cópias do alelo, mas a quantidade de cromossomos não é alterada, portanto, não há modificação no cariótipo das células. Finalmente, a alternativa E está incorreta, pois, por meio da terapia gênica, observa-se a presença de três alelos, garantindo a expressão genética saudável.
QUESTÃO 99 A variação de entalpia para o processo de combustão do metano (CH 4 ), em que um dos produtos é a água no estado líquido, está representada a seguir de duas formas diferentes. No gráfico, está representada a combustão do metano em apenas uma etapa (ΔH 1 ), como também a partir de um processo que ocorre em duas etapas (ΔH 2 + ΔH 3 ). Entretanto, a combustão do metano também pode ser representada por meio de um processo resultante da soma de duas etapas. Veja: Gráfico
∆H 1
∆H 2
∆H 3
= –607 kJ
CO (^) (g) + 2H 2 O() + 12 O2(g)
CH (^) 4(g) + 2O2(g)
CO2(g) + 2H 2 O()
Entalpia
Soma de duas etapas Etapa 1: CH (^) 4(g) + 2O2(g) → CO2(g) + 2H 2 O(g) ΔH = –802 kJ
Etapa 2: 2H 2 O(g) → 2H 2 O() ΔH = –88 kJ
Processo total: CH (^) 4(g) + 2O2(g) → CO2(g) + 2H 2 O() ΔH = –890 kJ
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CNAT – PROVA II – PÁGINA 4 ENEM – VOL. 8 – 2022 B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O
Uma das maiores dificuldades nesse processo é a grande quantidade de energia elétrica necessária para aquecer os fornos elétricos, já que, para produzir silício de pureza elevada (99,5%), as temperaturas fornecidas devem ser superiores a 1 900 °C.
CARVALHO, Pedro. A rota metalúrgica de produção de silício grau solar : uma oportunidade para a indústria brasileira? Disponível em: . Acesso em: 19 mar. 2018 (Adaptação).
A grande quantidade de energia elétrica despendida durante o processo de obtenção do silício se deve em função do rompimento de
A. ligações metálicas entre o silício.
B. ligações iônicas entre o silício e o oxigênio.
C. forças de dispersão entre as moléculas de carbono.
D. ligações covalentes entre o silício e o oxigênio e entre os átomos de carbono.
E. interações do tipo dipolo permanente entre as moléculas de dióxido de silício.
Alternativa D
Resolução: O processo de obtenção do silício envolve o rompimento de ligações covalentes nos reagentes (Si–O e C–C) para que, em seguida, haja rearranjo atômico e formação de novas ligações que dão origem aos produtos (Si–Si e C–O). As ligações Si–O e C–C apresentam energias de ligação muito altas e, por isso, é necessário que se atinjam, no forno, temperaturas elevadas (próximo de 1 900 °C) para que o processo ocorra. Logo, a alternativa D é a correta.
QUESTÃO 103
A principal caraterística do telescópio James Webber é que se trata de um instrumento que capta radiação na parte do infravermelho do espectro eletromagnético. Mas, por que luz infravermelha? Bom, a luz infravermelha é boa em particular para conseguir enxergar através do pó. No espaço tem muito pó, o qual é composto por partículas pequenas, de tamanho aproximadamente igual ao comprimento de onda da luz visível. Por isso, a luz visível é fortemente espalhada (desviada) pelo pó, e resta pouco dessa luz para ser captada pelo telescópio óptico. Isso é muito útil porque há uma boa quantidade de galáxias que estão rodeadas de pó e, por isso, ficam fora da nossa observação quando tentamos enxergá-las com telescópios ópticos. Disponível em: . Acesso em: 24 ago. 2022 (Adaptação).
De acordo com o texto, a captação de raios infravermelhos pelo telescópio James Webber promove a
A. descoberta das áreas desprovidas de luz, pois atinge uma distância maior que a distância alcançada pela luz visível.
B. qualidade da observação do espaço, pois conseguem difratar e contornar o pó que encontram em sua trajetória.
C. ampliação do campo de visão, pois o contato com o pó resulta em sua dispersão pelo espaço.
CHBA
D. distinção das substâncias que compõem o pó, pois, ao atingi-los, são refratados e o ângulo de desvio está relacionado a sua composição. E. visibilidade das galáxias, pois o comprimento de onda dessa faixa do espectro não possui mesma ordem de grandeza do pó, não havendo difração. Alternativa E Resolução: De acordo com o texto, o telescópio capta radiações infravermelhas, pois as radiações na faixa do espectro visível, por possuírem um valor de comprimento de onda próximo ao tamanho dos pós existentes no espaço, são difratadas, restando poucos raios para serem captados pelo telescópio. As radiações infravermelhas, por sua vez, não sofrem difração por não possuírem comprimento de onda semelhante ao tamanho desses pós, logo, são captadas em mais quantidade e mais facilmente pelo telescópio James Webber, promovendo a visibilidade das galáxias. Portanto, a alternativa E é a correta. A alternativa A está incorreta pela explicação dada anteriormente: os raios infravermelhos não sofrem dispersão. A alternativa B está incorreta, pois os raios infravermelhos não sofrem difração. Alternativa C está incorreta, pois a utilização dos raios infravermelhos discutida pelo texto não está relacionada a descobrir áreas desprovidas de luz, e sim galáxias permeadas pelos pós presentes no espaço. A alternativa D está incorreta, pois a determinação da composição do pó não é o objetivo discutido pelo texto para a captação de raios infravermelhos pelo telescópio James Webber.
QUESTÃO 104
Como funciona uma bateria? Se você deseja saber como funciona uma bateria, entenda que o eletrodo positivo é feito de dióxido de chumbo (PbO (^2) ), enquanto o eletrodo negativo é feito de chumbo poroso (Pb), ambos imersos em uma solução de ácido sulfúrico (H 2 SO 4 ), dentro de uma malha de chumbo-antimônio (Pb-Sb), uma liga metálica. Quando uma carga elétrica é conectada através da bateria, uma corrente flui do polo negativo da bateria para o polo positivo passando através da carga externa. Esse processo faz com que a bateria descarregue, o que resulta na alteração da composição química de ambos os eletrodos para o sulfato de chumbo (PbSO 4 ). Disponível em: . Acesso em: 14 ago. 2022 (Adaptação).
O ânodo dessa bateria é constituído de qual espécie? A. Pb B. PbO 2 C. Pb-Sb D. PbSO 4 E. H 2 SO 4
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CNAT – PROVA II – PÁGINA 6 ENEM – VOL. 8 – 2022 B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O
Alternativa A Resolução: As baterias, assim como as pilhas, são dispositivos que transformam energia química em energia elétrica. Conforme descrito no texto, o eletrodo positivo, também conhecido como cátodo, é constituído de dióxido de chumbo (PbO 2 ), enquanto o eletrodo negativo, o ânodo, é feito de chumbo poroso (Pb). As reações que ocorrem durante o processo são: Reação catódica:
PbO (^2) ( s ) SO 42 (^ aq ) 4 H ^ ( aq ) 2 e ^ PbSO (^4) (s ) 2 H O 2 ( )
Reação anódica:
Pb (^) ( s ) SO 42 ^ ( aq ) PbSO (^4) ( s) 2 e
Reação global:
Pb (^) ( s ) + PbO (^2) ( s ) + 2 H SO (^2 4) ( aq ) 2 PbSO (^4) ( s ) + 2 H O 2 ( )
Logo, a alternativa A é a correta.
QUESTÃO 105 O código genético é “quase” universal As exceções à universalidade do código são raras e geralmente envolvem códons de parada. Por exemplo, em micoplasmas, UGA codifica para triptofano e, em certas espécies de ciliados, UAA e UAG codificam para glutamina. As principais alterações do código ocorreram nos DNAs mitocondriais. Isso deve ter sido possível porque a mitocôndria é um sistema relativamente fechado, ou seja, RNAs transcritos no núcleo não são traduzidos por ribossomos mitocondriais e vice-versa. A maioria das alterações envolve os códons de parada, mas trocas no significado de alguns aminoácidos são também observadas. Disponível em: . Acesso em: 1 set. 2022 (Adaptação). As exceções descritas demonstram que mutações A. resultam em perda de sentido com mudança da janela de leitura. B. deletérias provocam mudanças temporárias no material genético. C. garantem maior estabilidade para as moléculas de DNA nucleares. D. semelhantes podem ter efeitos diferentes em diferentes espécies. E. silenciosas significam alterações na extensão da proteína formada. Alternativa D Resolução: A quase universalidade do código genético demonstra que mutações semelhantes podem ter efeitos diferentes em diferentes espécies e são sentidas de forma diferente também pelo DNA nuclear e pelo DNA mitocondrial. Uma mutação de nucleotídeo único em determinado ser vivo pode representar um efeito diferente daquele observado em outro ser vivo. Assim, a alternativa D está correta.
EFZS
A alternativa A está incorreta, pois a perda de sentido significa uma alteração que leva à síntese de um aminoácido diferente do esperado, mas não ocorre mudança na janela de leitura, uma vez que as trincas permanecem na sequência esperada. Uma mudança na janela de leitura ocorreria caso um nucleotídeo fosse adicionado ou retirado da sequência. A alternativa B está incorreta, pois mutações deletérias não provocam mudanças no material genético, mas nas proteínas formadas no processo de síntese proteica. A alternativa C está incorreta, pois mutações não estão relacionadas com a estabilidade de moléculas de DNA, mas com o processo de transcrição e tradução. Por fim, a alternativa E está incorreta, pois, na mutação silenciosa, apesar da mutação, não há mudança de aminoácido.
QUESTÃO 106 A putrescina é uma substância orgânica que apresenta odor forte e bastante desagradável. Ela é um produto da decomposição de aminoácidos, tóxica em grandes quantidades, assim como a cadaverina. Ambas são responsáveis pelo odor típico da carne em processo de putrefação, mas também contribuem para o mau-hálito e para o cheiro característico de algumas infecções bacterianas. As fórmulas estruturais da cadaverina e da putrescina estão representadas a seguir:
H 2 N NH^2
H 2 N NH (^2)
Cadaverina
Putrescina Disponível em: . Acesso em: 18 nov. 2020. (Adaptação).
A nomenclatura oficial da cadaverina é
A. butanodiamina. B. butano-1,4-diamina. C. butano-1,5-diamina. D. pentano-1,4-diamina. E. pentano-1,5-diamina. Alternativa E Resolução: A cadaverina é uma substância química que apresenta cinco átomos de carbono e cadeia carbônica saturada. Dessa forma, utiliza-se o prefixo “pent” e o infixo “an” para representar, respectivamente, o número de átomos de carbono na cadeia principal e o grau de saturação da molécula. Entretanto, ela é uma amina, já que possui dois grupos amino (–NH 2 ) nas extremidades da cadeia, ou seja, nas posições 1 e 5, conforme representado a seguir:
1
H 2 N NH 2
Logo, a nomenclatura desse composto é pentano-1,5- diamina, e a alternativa correta é a E.
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B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O ENEM – VOL. 8 – 2022 CNAT – PROVA II – PÁGINA 7
QUESTÃO 109
Em uma feira de ciências, será realizado um experimento utilizando os fios de um fone de ouvido. Para a sua execução, em uma base de madeira fincam-se dois pregos, onde as extremidades dos fios já desencapados serão enroladas, de forma que sua extensão fique levemente esticada para não encostar na madeira. Com outros dois pedaços de fio, conectam-se os fios do fone de ouvido com as extremidades da associação de pilhas, gerando um fluxo de corrente elétrica. A montagem descrita está representada na figura.
Disponível em: . Acesso em: 29 ago. 2022 (Adaptação). O funcionamento do circuito fará com que os fios do fone de ouvido se A. estiquem, devido às forças magnéticas que estão direcionadas no mesmo sentido da corrente elétrica em cada um deles. B. aproximem, devido ao campo magnético gerado pelo fluxo de corrente elétrica em cada um deles. C. afastem, devido às forças magnéticas atuantes em sentidos opostos em cada um deles. D. afrouxem, devido às forças magnéticas atuantes para baixo em cada um deles. E. enrosquem, devido ao campo magnético que envolve cada um deles. Alternativa B Resolução: Analisando a montagem da experiência, quando ambas as extremidades dos fios são conectadas à associação em série de pilhas, a corrente elétrica irá fluir pelo circuito e, ao passar pelos fios, produzirá um campo magnético em torno deles. Com a presença de um campo magnético, surge a atuação de forças magnéticas de um fio no outro. Através da regra da mão direita, determina-se o sentido de atuação dessas forças:
Fio 1
Fio 2
B
B
F (^) mag
Fmag2 X
i
Fios do fone de ouvido
i
Logo, analisando os sentidos das forças, constata-se que os fios irão se atrair e, portanto, se aproximar. Portanto, a alternativa B é a correta.
QUESTÃO 110 Provavelmente você já teve ou já viu alguma joia de prata que, depois de um certo tempo, ficou escura. Nos espelhos, acontece a mesma coisa, pois há uma camada formada por uma superfície de prata (Ag) superpolida. Esse fenômeno ocorre, pois a prata, ao entrar em contato com o oxigênio (O 2 ) do ar, que possui pequenas quantidades de sulfeto de hidrogênio (H 2 S), produz o sulfeto de prata (Ag 2 S), que é preto. É essa substância que dá o aspecto escuro nos espelhos antigos. Essa reação pode ser representada pela seguinte equação química: 4Ag + 2H 2 S + O 2 → 2H 2 O + 2Ag 2 S Disponível em: . Acesso em: 14 ago. 2022 (Adaptação). A substância que age como agente redutor no processo descrito é:
A. O 2 B. Ag C. H 2 S D. H 2 O E. Ag 2 S
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T6AO
B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O ENEM – VOL. 8 – 2022 CNAT – PROVA II – PÁGINA 9
Alternativa B
Resolução: Inicialmente, representa-se a reação responsável pelo fenômeno de oxirredução descrito:
4 Ag 2 H S 2 O 2 2 H O 2 2 Ag S 2
Em seguida, definem-se os valores de Nox de cada uma das espécies envolvidas no processo:
- Ag e O 2 : substância simples → Nox = 0
- H 2 S: ácido / hidrogênio ligado a ametal → Nox (H) = + e Nox (S) = –
- H 2 O = óxido → Nox (H) = +1 e Nox (O) = –
- Ag 2 S: a prata (Ag) possui Nox = +1, portanto, Nox (S) = –
Assim, tem-se a seguinte relação:
4Ag + 2H 2 S + O 2 2H 2 O + 2Ag 2 S
Redução
Oxidação
0 +1 -2 0 +1 -2 +1 -
Analisando o esquema, verifica-se que a prata (Ag) é a espécie que sofre oxidação, pois o Nox dela variou de 0 a +1. Logo, ela é o agente redutor, o que torna a alternativa B correta.
QUESTÃO 111
Vão por um tracto de campo ondulado, com pastagem áspera de capim-guiné verde-azul. Só aqui ou ali uma árvore: ou pau-doce ou pau-terra ou pau-santo. E começa a rezar, meio alto, só como sabe, enquanto a estrada sai do mato para o calorão com enfezadas arvorezinhas: muricis de pernas tortas, manquebas; mangabeiras pedirocas-de- esmola; barbatimãos de casca rugosa e ramos de ferrugem; e, no raro, um araticum teimoso, que conseguiu enfolhar e engordar. Está um mormaço pesado, mas o ribeirão corre debaixo de árvores, no bem-bom. Tiãozinho entra, até os joelhos, na água, fria que faz cócegas.
ROSA, J. G. Sagarana. Ed. especial. Rio de Janeiro: Nova Fronteira, 2015. [Fragmento]
Qual bioma corresponde ao ambiente descrito por Guimarães Rosa?
A. Pampas.
B. Cerrado.
C. Caatinga.
D. Mata Atlântica.
E. Mata de Cocais.
Alternativa B
Resolução: No trecho da obra de Guimarães Rosa apresentado, o narrador descreve a paisagem como um “campo ondulado” e que possui árvores esparsas (“Só aqui ou ali uma árvore”). Na saída do mato para o “calorão”, o narrador destaca “arvorezinhas” de “pernas tortas, manquebas” e “de casca rugosa”. Tais características remetem ao Cerrado, bioma de clima quente em que a vegetação dominante é composta de árvores de pequeno porte e esparsas, arbustos e gramíneas.
FPYQ
Essa vegetação possui algumas adaptações típicas de ambiente seco, como caules tortuosos e casca grossa e rugosa. Além disso, pau-terra e barbatimão são espécies típicas desse bioma. Portanto, a alternativa correta é a B. A alternativa A está incorreta, pois, ainda que os Pampas sejam caracterizados como formações de campos limpos, por vezes, com árvores esparsas, a presença de galhos tortuosos e cascas grossas e rugosas não são características típicas de sua vegetação. A alternativa C está incorreta, pois a Caatinga é dominada por plantas xerófitas. Raízes profundas, capacidade de perder as folhas durante a seca e folhas modificadas sob a forma de espinhos são as características típicas da vegetação desse bioma, também conhecido como “mata branca”. Essas características não são mencionadas no trecho. A alternativa D está incorreta, pois a vegetação da Mata Atlântica é adaptada à vida em regiões de umidade elevada. O texto-base menciona galhos tortuosos e cascas rugosas, que são características de plantas de ambiente seco. Por fim, a alternativa E está incorreta, pois a Mata de Cocais se encontra na zona de transição entre a Floresta Amazônica e a Caatinga. A presença de palmeiras é o elemento mais marcante dessa vegetação, que, muitas vezes, forma matas densas.
QUESTÃO 112 Parece apenas uma sacolinha comum, dessas de plástico. Mas a da Avani Eco, uma empresa na Indonésia, é totalmente biodegradável, pois é feita de amido de mandioca. Não é tóxica e pode ser reciclada como o papel. Para provar que a sacolinha é mesmo natural, o inventor do produto costuma aparecer em vídeos dissolvendo um pedaço da sacola em um copo de água morna. Em tempo: esse bioplástico se desfaz em água morna e verifica-se que, quanto maior a temperatura da água, maior o pedaço de sacola que é solubilizado. Portanto, não tem problema andar na chuva com a sacola, carregando suas compras! Disponível em: . Acesso em: 14 ago. 2022 (Adaptação). O gráfico que melhor representa a solubilidade da sacolinha com a temperatura é:
A.
Solubilidade
Temperatura
B.
Solubilidade
Temperatura
8T4L
CNAT – PROVA II – PÁGINA 10 ENEM – VOL. 8 – 2022 B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O
QUESTÃO 115
Uma estudante de Biologia realizou um experimento para produzir artificialmente uma molécula de RNA. No processo, ela utilizou como molde um fragmento de DNA de fita dupla composto por dez repetições da seguinte estrutura:
P D
D
D
D
D
D
A T
G C
T A
P
P
P
P
P
Ao final do experimento, ela obteve uma molécula de RNA exatamente com o mesmo número de nucleotídeos do fragmento molde.
Quantas ligações de hidrogênio no DNA de fita dupla a estudante precisou romper para formar o RNA de interesse?
A. 20
B. 30
C. 60
D. 70
E. 80
Alternativa D
Resolução: As fitas de uma molécula de DNA são unidas por meio de ligações de hidrogênio que ocorrem entre suas bases nitrogenadas. Conforme demonstrado na figura, as bases adeninas sempre se ligam às timinas e as bases citosinas se ligam às guaninas. A ligação A + T se faz com duas ligações de hidrogênio, já as ligações C + G necessitam de três ligações. Sabendo disso, considere que o DNA molde utilizado nesse experimento contém 10 fragmentos de A – T + G – C + T – A. Para produzir um RNA com o mesmo número de nucleotídeos, a estudante precisou romper as ligações existentes entre essas bases, que podem ser calculadas da seguinte forma:
[10 (nº de repetições) x 2 ( quantidade de vezes que o par A + T aparece no fragmento) x 2 (nº de pontes de hidrogênio entre A e T)] + [10 (nº de repetições) x 1 (quantidade de vezes que o par G + C aparece no fragmento) x 3 (nº de pontes de hidrogênio entre G e C)] = 70.
Logo, a alternativa correta é a D.
QUESTÃO 116
O brinquedo infantil ilustrado na figura consiste em uma mola vertical fixa no chão e uma base em sua parte superior onde a criança é posicionada. O brinquedo possui restrição de idade, pois a mola que o compõe geralmente possui uma constante elástica em torno de 600 N/m, suportando crianças de até 30 kg. Considere a aceleração da gravidade local sendo g = 10 m/s 2.
HB4M
M4HV
De acordo com as condições descritas, a distensão máxima que a mola do brinquedo pode sofrer sem ser danificada é de A. 20 cm. B. 30 cm. C. 40 cm. D. 50 cm. E. 60 cm. Alternativa D Resolução: A distensão máxima que a mola do brinquedo pode sofrer, sem ser danificado, acontecerá quando crianças com a massa máxima permitida (30 kg) utilizarem o brinquedo. Relacionando a força peso com a força elástica, escreve-se:
F = F m. g = k. x 30 .10 = 600. x x =^300 600
= 0 5 m cm
P E
Portanto, a alternativa D é a correta.
QUESTÃO 117 Em 1928, os clorofluorcarbonos (CFCs) foram sintetizados nos EUA e fizeram grande sucesso na indústria porque são baratos e de fácil estoque. Passaram a ser largamente empregados como gases refrigerantes em geladeiras, aparelhos de ar-condicionado e em propelentes de aerossol. No entanto, representaram, por mais de cinco décadas, uma ameaça silenciosa ao meio ambiente. Anos depois, descobriu-se que, em presença de luz, moléculas de CFC liberam cloro radicalar (C•), uma espécie altamente reativa que acelera a reação de decomposição de gás ozônio (O 3 ) em gás oxigênio (O 2 ), conforme representado a seguir:
C • + O 3 → O 2 + CO • CO • + O 3 → 2O 2 + C • − − − − − − − − − − − − − − − − 2O 3 → 3O 2 Considere que 1 mol de CFC libera 1 mol da espécie que acelera a reação de decomposição do gás ozônio. Sendo assim, o número de moléculas de ozônio decompostas pelo uso de um desodorante aerossol, cuja massa de CFC é igual a 5,5 g, é de, aproximadamente,
Z96W
CNAT – PROVA II – PÁGINA 12 ENEM – VOL. 8 – 2022 B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O
Dados: Massas molares em g.mol –1^ : O = 16, C = 35,5, CFC = 137,5. A. 2,4. 10 22. B. 4,8. 10^22. C. 2,4. 10^23. D. 4,8. 10^23. E. 7,2. 10^22. Alternativa B Resolução: Inicialmente, é necessário calcular a quantidade de matéria referente ao CFC presente no desodorante aerossol. 1 mol de CFC –––– 137,5 g x –––– 5,5 g x = 0,04 mol de CFC Analisando as equações que representam as reações sucessivas que levam à decomposição do gás ozônio, O 3 , verifica-se que 1 mol de C• reage com 1 mol de O 3 e leva à formação de 1 mol de CO•, outra espécie radicalar que também reage com 1 mol de O 3. Dessa forma, para cada 1 mol de CFC liberado na atmosfera, 2 mol de moléculas de O 3 são convertidas em 3 mol de moléculas de gás oxigênio, O 2. 1 mol de CFC –––– 2 mol de O (^3) 0,04 mol de CFC –––– y y = 0,08 mol de O (^3) Por fim, calcula-se o número de moléculas de ozônio decompostas da seguinte forma: 1 mol de O 3 –––– 6,02. 10 23 moléculas de O (^3) 0,08 mol de O 3 –––– z y = 4,8. 10^22 moléculas de O (^3) Logo, a alternativa B é a correta.
QUESTÃO 118 O heredograma a seguir representa um padrão de herança autossômica recessiva.
Afetados Normais
Disponível em: . Acesso em: 1 set. 2022 (Adaptação). Como o padrão do heredograma pode ser explicado? A. A condição está associada a um alelo do cromossomo X. B. A herança é transmitida pelos homens afetados da família. C. O alelo que condiciona a herança está presente nas mitocôndrias. D. A herança pode ser transmitida por genitores normais heterozigotos. E. O alelo afetado está presente em todos os indivíduos de uma geração. Alternativa D Resolução: O heredograma representa um padrão de herança no qual os genitores não são afetados pela condição e sua prole apresenta um indivíduo afetado e os demais indivíduos não afetados. Esse padrão é típico de heranças autossômicas recessivas e só é possível quando os genitores são heterozigotos para a condição analisada, ou seja, apesar de não serem afetados, ambos carregam o alelo que é responsável pela condição analisada. Assim, a alternativa D está correta. A alternativa A está incorreta, pois há a informação de que a herança é autossômica, além de que, caso fosse associada ao cromossomo X, o pai da menina afetada teria que ser, obrigatoriamente, afetado. A alternativa B está incorreta, pois a herança seria transmitida pelos homens afetados da família se estivesse ligada ao cromossomo Y. A alternativa C está incorreta, pois, caso a herança fosse mitocondrial, todas as mulheres antepassadas do indivíduo afetado deveriam ser afetadas, além de todos os filhos homens ou mulheres dessas mães serem também, obrigatoriamente, afetados. A alternativa E está incorreta, pois o alelo não necessariamente estará presente em todos os indivíduos de uma geração, pois podem estar presentes indivíduos homozigotos dominantes.
O24D
B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O ENEM – VOL. 8 – 2022 CNAT – PROVA II – PÁGINA 13
Alternativa E Resolução: A estabilidade de uma ligação química varia de acordo com o valor da energia que une dois átomos, ou seja, quanto menor for essa energia, mais estável será a ligação. Analisando o gráfico que representa a energia potencial em função da distância internuclear, verifica-se que a curva que apresenta menor ponto de mínimo, ou seja, valor mais negativo, é a V. Logo, a alternativa correta é a E.
QUESTÃO 121 Darwin foi um dos primeiros naturalistas a explorar o arquipélago de Galápagos e documentar algumas espécies de animais, como borboletas, lagartos e tartarugas. No arquipélago, Darwin observou pássaros com formatos de bico diferentes, que depois descobriu serem todos tentilhões. Olhando com atenção, notou que cada formato de bico ajudava em uma forma de alimentação: bicos largos e robustos para comer sementes duras, aqueles mais afilados para insetos e larvas, entre outros. Darwin procurou entender por que esses pássaros, que eram da mesma família, possuíam características tão diferentes. Disponível em: . Acesso em: 1 set. 2022 (Adaptação). Qual é a explicação ecológica para os eventos observados pelo naturalista? A. A formação de colônias levou à superpopulação de pássaros. B. A predação resultou em perda de diversidade no arquipélago. C. A cooperação permitiu a criação de uma diversidade de nichos. D. A competição intraespecífica atuou como fator de seleção natural. E. A diversidade de produtores desfavoreceu o processo da especiação. Alternativa D Resolução: Os tentilhões apresentam muitas semelhanças entre si, no entanto, cada espécie possui uma forma altamente característica de bico, que está associada a hábitos alimentares específicos. A seleção natural, conforme proposta por Darwin, contempla fatores de seleção que atuam como motores para a evolução, como o isolamento geográfico e as relações ecológicas. O padrão observado nos tentilhões leva à conclusão de que todas as espécies se originaram de um ancestral comum, sendo a competição intraespecífica o fator de seleção que levou à diferenciação do nicho ecológico devido à escassez de alimento e consequente especiação. Assim, a alternativa D está correta. A alternativa A está incorreta, pois não há formação de colônias na população de pássaros, colônias são associações em que os seres vivos estão se relacionando ligados de forma física entre si.
P7MD
A alternativa B está incorreta, pois não houve predação entre os tentilhões e não ocorreu redução, mas, sim, uma maior diversidade na ilha com o passar do tempo evolutivo. A alternativa C está incorreta, pois a diversidade de tentilhões resultou de um processo de diferenciação de hábitos, e não de interações cooperativas entre os indivíduos. Por fim, a alternativa E está incorreta, pois a diversidade de produtores contribuiu para a possibilidade de diversos nichos ecológicos, favorecendo a diversidade ecológica entre os tentilhões.
QUESTÃO 122 Se em determinado local ocorressem mudanças e estas criassem, para os indivíduos que viviam ali, a necessidade de modificar seu comportamento, então esses indivíduos teriam que usar mais ou menos certas estruturas e isso levaria a alterações físicas. Nesse caso, indivíduos da mesma espécie que habitassem ambientes diferentes, nos quais as mudanças fossem desiguais, não teriam as mesmas necessidades, o que levaria à formação de grupos também diferentes. Portanto, essa lei explicaria como as mudanças no ambiente produziriam a diversidade observada nos seres vivos. A ausência de dentes nos tamanduás, por exemplo, seria explicada pela falta de uso e consequente atrofia e desaparecimento, assim como os vestígios de dentes em fetos de baleias. Disponível em: . Acesso em: 9 set. 2022 (Adaptação). As ideias apresentadas estão de acordo com a teoria do(a) A. biogênese. B. darwinismo. C. lamarckismo. D. neodarwinismo. E. geração espontânea. Alternativa C Resolução: De acordo com o texto, as mudanças no ambiente produziriam a diversidade observada nos seres vivos, fazendo com que estruturas mais utilizadas permanecessem no organismo e estruturas não utilizadas desaparecessem ou mudassem de forma. Esses são pressupostos do lamarckismo, tornando a alternativa C correta. A alternativa A está incorreta, pois a biogênese é uma teoria que sugere que a vida só pode surgir a partir de outros seres vivos. A alternativa B está incorreta, pois, segundo o darwinismo, o meio seleciona as características. O ambiente não é o responsável por causar as mudanças, e as características adquiridas ao longo da vida não podem ser passadas aos descendentes. A alternativa D está incorreta, pois o neodarwinismo, assim como o darwinismo, propõe que o meio seleciona as características e, segundo ele, as variações podem ser explicadas por meio das mutações e recombinações genéticas. Por fim, a alternativa E está incorreta, pois a teoria da geração espontânea sugere que a vida pode surgir a partir de seres inanimados.
BQ9F
B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O ENEM – VOL. 8 – 2022 CNAT – PROVA II – PÁGINA 15
QUESTÃO 123
Na cidade de Tikal, centro político e cultural da civilização maia, na Guatemala, a água da chuva era purificada utilizando
minerais vulcânicos porosos (zeólitos) antes de ser armazenada. Nesse processo, a água percorre os minúsculos poros
desse mineral, enquanto impurezas como metais e até micróbios ficam retidos neles. Acontece que, na região de Tikal, não
há ocorrência natural de zeólitos, indicando que os maias transportaram propositalmente esses minerais de locais distantes
para depositá-los nos reservatórios, criando este sistema de purificação. Disponível em: . Acesso em: 14 ago. 2022 (Adaptação).
O sistema de purificação desenvolvido pelos maias se baseia em qual método de separação de misturas?
A. Filtração.
B. Cloração.
C. Levigação.
D. Peneiração.
E. Decantação.
Alternativa A
Resolução: O sistema de purificação desenvolvido pelos maias se baseia no método de separação de misturas denominado filtração. Na situação descrita no texto, os zeólitos funcionam como um filtro que retém as partículas sólidas, enquanto a água potável passa por seus minúsculos poros. Logo, a alternativa A é a correta.
QUESTÃO 124
QUINO. Disponível em: . Acesso em: 30 ago. 2022.
A ação mencionada por Mafalda está relacionada ao processo térmico denominado
A. convecção.
B. irradiação.
C. condução.
D. indução.
E. contato.
Alternativa B
Resolução: A ação mencionada por Mafalda está no ultimo quadrinho da tirinha: “Solzinho bacana que a gente está tomando!”. A ação de tomar Sol é possível devido ao processo térmico denominado irradiação, pois o calor do Sol é proveniente de ondas eletromagnéticas que se propagam no vácuo até chegar à Terra. Os demais processos térmicos citados nas alternativas necessitam de um meio de propagação, logo não estão relacionados à ação a ser analisada. Portanto, a alternativa B é a correta.
QUESTÃO 125
A volatilidade das substâncias moleculares está diretamente relacionada ao tipo de interações intermoleculares que elas realizam. Além da interação do tipo dipolo instantâneo-dipolo induzido (ocorre preferencialmente entre moléculas apolares), pode haver interações de outros tipos, como dipolo permanente ou ligação de hidrogênio. A tabela a seguir associa algumas substâncias moleculares aos odores característicos que elas emitem:
3UGA
LTB
F1HU
CNAT – PROVA II – PÁGINA 16 ENEM – VOL. 8 – 2022 B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O
No modo verão, o valor da corrente elétrica que flui pelo circuito do chuveiro vale
A. 5,5 A.
B. 6,0 A.
C. 9,5 A.
D. 11,0 A.
E. 22,0 A.
Alternativa A
Resolução: Analisando o circuito, quando a chave é deslocada para acionar o modo verão, a corrente irá atravessar as duas resistências associadas em série. Logo, através da Lei de Ohm:
V = R i i i = 5,5 A
eq. 220 ( 20 20 ).
Portanto, a alternativa A é a correta.
QUESTÃO 128
Quando uma célula vegetal é adicionada a um meio
hipotônico, pouco tempo depois, percebe-se que ela aumenta
de tamanho. Isso ocorre, pois a água migra do meio externo
para o interior da célula. Entretanto, se essa mesma célula
for adicionada a um meio hipertônico, haverá perda de água
pela célula.
Um fenômeno que ocorre segundo o mesmo processo
descrito no texto é:
A. Utilização da panela de pressão para acelerar
processos de cozimento.
B. Salada murcha rapidamente quando é armazenada
temperada com sal.
C. Temperatura de ebulição é reduzida à medida que se
aumenta a altitude.
D. Adição de sal ao gelo para promover um rápido
resfriamento de bebidas.
E. Maior tempo de fervura da água, quando a ela é
adicionado sal ou açúcar.
Alternativa B
Resolução: O fenômeno descrito no texto é denominado osmose e ocorre devido à passagem de solvente de uma solução menos concentrada (hipotônica) para uma solução mais concentrada (hipertônica), através de uma membrana semipermeável, até que as concentrações no meio se igualem. No caso, um fenômeno que ocorre segundo o mesmo processo descrito no texto é quando as folhas de uma salada temperada murcham, já que as células do vegetal (meio hipotônico) perdem água para a solução temperada
com sal (meio hipertônico). Logo, a alternativa B é a correta.
MEGN
QUESTÃO 129
Um dos estágios do incêndio, chamado queima livre, é a fase em que o ar, em virtude do suprimento de oxigênio, é conduzido para dentro do ambiente pelo efeito da pressão negativa, provocada pela expulsão do ar quente do ambiente ao se mover para lugares mais altos, enquanto o ar frio é “puxado” para dentro, passando pelas aberturas nos pontos mais baixos do ambiente. Assim, os bombeiros devem se manter abaixados e utilizar equipamentos de proteção respiratória, já que, além de a temperatura ser menor nos locais mais baixos, a inalação dos gases aquecidos pode ocasionar queimaduras nas vias aéreas. Disponível em: . Acesso em: 6 jan. 2019 (Adaptação). No estágio descrito, o calor do incêndio se propaga por A. sucção. B. radiação. C. expulsão. D. condução. E. convecção. Alternativa E Resolução: Pelo texto, percebe-se que, nesse estágio do incêndio, há transporte de matéria (ar). Assim, como o único modo de propagação de calor em que isso ocorre é a convecção, a alternativa correta é a E. As alternativas A e C estão incorretas, pois o calor não se propaga por sucção ou expulsão, uma vez que ele é uma energia, e não algo material. As alternativas B e D estão incorretas, pois, nesses modos de propagação, não há transporte de matéria. QUESTÃO 130 O que é e como calcular o grau Brix? Brix é a medida de quantidade de açúcar em uma solução pelo peso total em uma solução, como um suco de fruta ou xarope. Por exemplo, uma solução que tem 10 g de açúcar por 100 g de solução terá 10 graus Brix. Para calcular essa medida, é necessário um refratômetro que mostre a leitura em graus Brix. A luz se desvia mais em uma solução com alto teor de açúcar e esse refratômetro mede a quantidade de luz que refrata ao passar por uma solução. Disponível em: . Acesso em: 31 ago. 2022 (Adaptação).
O uso do refratômetro é importante no preparo de vinhos, pois permite ao produtor A. ajustar a acidez da bebida produzida. B. prever o teor alcoólico da solução final. C. dosar a efervescência da bebida fermentada. D. medir a concentração de CO 2 a ser adicionado. E. avaliar a energia necessária para sua produção. Alternativa B Resolução: A produção de licores e vinhos depende da ocorrência da fermentação alcoólica, processo por meio do qual os açúcares presentes no suco da fruta são transformados em etanol e dióxido de carbono.
1TF
OC
CNAT – PROVA II – PÁGINA 18 ENEM – VOL. 8 – 2022 B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O
Na fermentação, ocorre a quebra da molécula de glicose em duas moléculas de ácido pirúvico, que serão convertidas em etanol e gás carbônico. Essa quebra produz duas moléculas de ATP e NADH 2 , a partir da redução do NAD. A medição da concentração de açúcares no suco da fruta permite que o produtor preveja o volume alcoólico resultante da sua fermentação, estando a alternativa B correta. A alternativa A está incorreta, pois a acidez do fermentado depende não apenas dos ácidos produzidos pela fermentação, mas também dos ácidos contidos na fruta. Os ácidos são resultado da fermentação incompleta, tornando difícil prever seu efeito no resultado do produto. A alternativa C está incorreta, pois a fermentação também produz bebidas sem efervescência, havendo a liberação do dióxido de carbono resultante do processo. A alternativa D está incorreta, pois o gás carbônico é um dos produtos do processo da fermentação. Por fim, a alternativa E está incorreta, pois a fermentação produz energia em forma de moléculas de ATP.
QUESTÃO 131 O fluoreto de sódio (NaF) é utilizado há décadas na odontologia como um efetivo agente anticariogênico. Esse sal inorgânico apresenta ainda a vantagem de ser antienzimático e microbicida. Os íons fluoreto (F –^ ) são transportados por difusão simples para o interior das células e acabam acarretando efeitos deletérios sobre os microrganismos e as células. Disponível em: . Acesso em: 12 ago. 2022. [Fragmento adaptado] Os íons que constituem esse sal apresentam em comum o(a) mesmo(a) Dados: 9 F^19 e 11 Na 23. A. raio atômico. B. carga nuclear. C. massa atômica. D. eletronegatividade. E. número de elétrons. Alternativa E Resolução: O fluoreto de sódio (NaF) é uma substância iônica constituída de cátions Na+^ e ânions F –^. Essas espécies apresentam diferentes números atômicos (números de prótons), diferentes números de massa (soma entre o número de prótons e nêutrons) e mesmo número de elétrons, sendo, portanto, espécies isoeletrônicas. Entretanto, o raio iônico do Na+ é menor do que o do F –^ , já que ele apresenta maior carga nuclear. Logo, a alternativa correta é a E.
QUESTÃO 132 Para um espetáculo, uma lâmpada vermelha e uma lâmpada verde foram posicionadas a uma certa altura do palco, como mostra a figura.
Ao serem ligadas, as regiões A, B e C possuem, respectivamente, cor A. verde, verde e vermelho. B. amarelo, vermelho e verde. C. amarelo, verde e vermelho. D. vermelho, verde e amarelo. E. amarelo, amarelo e amarelo.
GG9Ø
2YX
B E R N O U L L I S I S T E M A D E E N S I N O ENEM – VOL. 8 – 2022 CNAT – PROVA II – PÁGINA 19
